1.設x,y∈r,且2x+3y=13,則x2+y2的最小值為( )
ab.169
c.13 d.0
解析:選c.(2x+3y)2≤(22+32)(x2+y2),
∴x2+y2≥13.
2.已知a,b,c大於0,且a+b+c=1,則a2+b2+c2的最小值為( )
a.1 b.4
c. d.
解析:選c.根據柯西不等式,有(a2+b2+c2)(12+12+12)≥(a+b+c)2=1,
∴a2+b2+c2≥.
3.已知a2+b2+c2=1,x2+y2+z2=1,t=ax+by+cz,則t的取值範圍( )
a.(0,1) b.(-1,1)
c.(0,-1) d.[-1,1]
解析:選d.設α=(a,b,c),β=(x,y,z).
∵|α|==1,|β|==1,
由得|t|≤1.
∴t的取值範圍是[-1,1].
4.已知a+b=1,則a2+b2
解析:由柯西不等式,得
(a+b)2≤[a2+(1-a2)][(1-b2)+b2]=1,
當且僅當=時,上式取等號,
∴ab=·,a2b2=(1-a2)(1-b2),
於是a2+b2=1.
答案:1
5.若x,y∈r,且x+y=1,則x2+y2的最小值為( )
a.1 b.
c.-1 d.-
解析:選b.∵(x2+y2)(12+12)≥(x+y)2,
∴2(x2+y2)≥1,
∴x2+y2≥,當且僅當x=y=時,等號成立,所以x2+y2的最小值為,故選b.
6.已知a、b∈(0,+∞),x1,x2∈(0,+∞),要使不等式(ax1+bx2)·(bx1+ax2)≥x1x2成立的乙個條件是( )
a.a+b=1 b.a2+b2=1
c.a=b=1 d.a2+b2=
解析:選a.(ax1+bx2)(bx1+ax2)
=[()2+()2][()2+()2]
≥(·+·)2
=(a+b)2=(a+b)2x1x2,
∴a+b=1時,可有(ax1+bx2)(bx1+ax2)≥x1x2.
7.已知a、b、c均大於0,a=,b=,則a,b的大小關係是( )
a.a>b b.a≥b
c.a解析:選b.∵(12+12+12)·(a2+b2+c2)
≥(a+b+c)2,∴≥,
當且僅當a=b=c時,等號成立.
又a、b、c均大於0,∴a+b+c>0,
∴≥,故選b.
8.已知3x+2y=1.當x2+y2取最小值時,x,y的值為( )
a. b.
c. d.
解析:選
≥(3x+2y)2=,
當且僅當=,得.
9.已知a+a+…+a=1,x+x+…+x=1,則a1x1+a2x2+…+anxn的最大值為( )
a.1 b.-1
c.0 d.不確定
解析:選a.∵(a+a+…+a)(x+x+…+x)≥(a1x1+a2x2+a3x3+…+anxn)2,
∴(a1x1+a2x2+a3x3+…+anxn)2≤1.
即a1x1+a2x2+…+anxn≤1.
10.函式y=+的最大值為
解析:由、非負且()2+()2=3,
所以+≤
==.答案:
11.設a,b,c,x,y,z都是正數,且a2+b2+c2=25,x2+y2+z2=36,ax+by+cz=30,則
解析:由柯西不等式知:25×36=(a2+b2+c2)·(x2+y2+z2)≥(ax+by+cz)2=302=25×36,
當且僅當===k時取「=」.
由k2(x2+y2+z2)2=25×36,解得k=.
所以=k=.
答案:12.已知θ為銳角,a,b均為正實數.
求證:(a+b)2≤+.
證明:設m=,
n=(cosθ,sinθ),
則|a+b|=
=|m·n|≤|m||n|
=·=,
∴(a+b)2≤+.
13.(2012·淮南質檢)已知x2+3y2+4z2=2,求證:|x+3y+4z|≤4.
證明:由柯西不等式知
(x2+3y2+4z2)(1+3+4)≥(x+3y+4z)2.
又∵x2+3y2+4z2=2,
∴2×8≥(x+3y+4z)2,
∴|x+3y+4z|≤4.
不等式訓練題
一 選擇題 1 設a b c是互不相等的正數,則下列等式中不恆成立的是 a.a b a c b c c.a b 2 d.2 若a b c r,a b,則下列不等式成立的是 a.c.3 不等式 1 2的解集是 a.b.c.d.4 已知a 0,1 b 0,則a ab ab2的大小關係是 5 設0 a b...
不等式綜合訓練題
1.函式的定義域為 ab.cd.2.已知集合,則等於 a b c d 3.已知平面區域如右圖所示,在平面區域內取得最大值的最優解有無數多個,則的值為 co999 ab.cd.不存在 4.如果,則的最大值是 a b c d 5.若a 0,b 0,a b 2,則下列不等式對一切滿足條件的a,b恆成立的是...
不等式與不等式組
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