一、填空題(每小題8分,共64分)
1.已知函式,則
答案:提示: 2.設、兩點分別在拋物線和圓上,則的取值範圍是
答案:提示:由於,則只需要考慮的範圍.而
又,故,故的取值範圍為
3.若,則的最大值為
答案:.
提示:因為,所以
所以,即的最大值為
4.已知△為等腰直角三角形,其中為直角,,過點作平面的垂線,使得,在、上分別取點、,則△周長的最小值為 .
答案;.
提示:由題意可知,且與之和為如圖,將側面和側面
分別折起至面和,且與側面位於同乙個平面上.則△周長的最小值即面上兩點、之間的線段長.
由前面的分析可知,
由餘弦定理可得,
所以,△周長的最小值為
5.已知函式,對任意的恆成立,則正實數的取值範圍為 .
答案:提示:由於為奇函式且為增函式,所以等價於
,即 即對任意恆成立.
即所以即
6.已知向量、、滿足,且,若為、的夾角,則的值為 .
答案:提示:由得,所以
又,所以
又,所以,所以的值為
7.現有乙個能容納10個半徑為1的小球的封閉正四面體容器,則該容器稜長最小值為 .
答案:提示:這10個小球成稜錐形來放,第一層1個,第2層3個,第3層6個,即每一條稜是3的小球,於是正四面體的一條稜長就應該是4倍的小球的半徑加上2倍的球心到四面體頂點的距離到稜長上射影的長度,又球心到頂點的距離為3,正四面體的高和稜所成角的余弦值為,故容器稜長的最小值為
8.將10個小球(5個黑球和5個白球)排成一行,從左邊第乙個小球開始向右數小球.無論數幾個小球,黑球的個數總不少於白球個數的概率為 .
答案:提示:方法一如果只有2個小球(1黑1白),那麼黑球的個數總不少於白球個數的概率為;如果只有4個小球(2黑2白),那麼黑球的個數總不少於白球個數的概率為;如果只有6個小球(3黑3白),那麼黑球的個數總數不少於白球個數的概率為;以此類推,可知將10個小球(5黑5白)排成一行,從左邊乙個小球開始向右數小球,無論數幾個小球,黑球的個數不少於白球個數的概率為
方法二直接從10個小球入手分類討論.
二、解答題(第9、10、11、12題各14分,第13、14題各15分)
9.在△中,內角、、對邊的邊長分別是、、,向量
,且滿足.
(1)求△的內角的值;
(2)若,求△的面積.
解 (1)由題意,所以
由正弦定理,可得
整理得.
由餘弦定理可得,又,所以
(2)由可得,
整理得,
當時,,此時,,所以△的面積
當時,上式即為,由正弦定理可得又,解之得,所以△的面積
綜上所述,△的面積
10.已知數列滿足:
(1)求證:數列是等比數列,並求的通項公式;
(2)若,且數列的前項和為,求證:
證 (1)由已知得
因為,所以,兩邊取對數得即
,故為以為首項,為公比的等比數列,即
即(2)方法一由,兩邊取倒數得,所以
,即,故故
方法二由於
則11.設
(1)若對一切恆成立,求的取值範圍;
(2)求證:
解 (1)由得,即.
令,則由得
所以在上單調遞增,在單調遞減.
所以由此得
又時,即為,此時取任意值都成立.
綜上可得
(2)等價於等價於
由(1)知,當時對一切恆成立,即(時取等號).
取,得即證得:
12. 已知:如圖,兩圓交於、兩點,為一條外公切線,切點分別為、.過任意作一條直線分別交兩圓於、,交於點.
求證:平分
證如圖,鏈結、、延長.由、、、共圓有,同理,
又,所以
故、、、四點共圓.
則(弦切角等於圓周角).
同理所以
此即為平分
13.設正數、滿足,求使恆成立的實數的最大值.
解由正數、滿足,知
令不等式等價於
等價於等價於
等價於因為
等號僅當,即時成立,所以實數的最大值為
14.已知橢圓及點,過點作直線與橢圓交於、兩點,過、兩點分別作的切線交於.
(1)求的軌跡方程:
(2)求△的面積的最小值.
解 (1)設、、,則過,有
過,有故直線為,由於直線過點,則有,即
故的軌跡方程為
(2)當直線斜率不存在時,即直線的方程為,此時、、所以
當直線的斜率存在時,設直線,即
聯立消去得
於是有又①②,得到與③聯立,可解得,則
可得 令,則
故在區間上單調遞減,上單調遞增,上單調遞減,又所以
於是,當時,△面積的最小值為
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試題參 及評分標準 說明 1 評閱試卷時,請依據本評分標準。選擇題只設6分和0分兩檔,填空題只設9分和0分兩檔 其他各題的評閱,請嚴格按照本評分標準規定的評分檔次給分,不要再增加其它中間檔次。2 如果考生的解題方法和本解答不同,只要思路合理 步驟正確,在評卷時可參考本評分標準適當劃分檔次評分,5分為...
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後有答案 7月5日上午8 30 11 00 一.選擇題 本題滿分30分,每小題5分 本題共有6道小題,每小題給出 a b c d 四個結論,其中只有乙個是正確的.請把正確結論的代表字母寫在題後 答 後面的圓括號內.每小題選對得5分,不選,選錯或選出的代表字母超過乙個 不論是否寫在圓括號內 一律得0分...